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一、问题描述
给定一个链表的头节点 head ，返回链表开始入环的第一个节点。
如果链表无环，则返回 null。
如果链表中有某个节点，可以通过连续跟踪 next 指针再次到达，则链表中存在环。 为了表示给定链表中的环，评测系统内部使用整数 pos 来表示链表尾连接到链表中的位置（索引从 0 开始）。如果 pos 是 -1，则在该链表中没有环。注意：pos 不作为参数进行传递，仅仅是为了标识链表的实际情况。
不允许修改 链表。
二、解题思路
方法一：数学公式推导法
预备知识
此方法的数学推导建立在判断链表是否带环的基础算法上，推荐阅读前置文章
点击下方文字
【数据结构与算法】判断链表是否有环（图文详解）给你一个链表的头节点 head ，判断链表中是否有环。如果链表中有某个节点 - 掘金
如图，通过快慢指针法得到两个指针相遇位置时编辑
假设：
- 链表入环前的长度为L
- 环的长度为C
- 快慢指针相遇节点为meet
- 环的入口与相遇节点meet的距离为N
- 相遇时，快指针已经在环内走了X圈（X>=1，快指针至少比慢指针都走一圈才能追上）
推导过程：
在meet相遇点
慢指针移动距离为L+N
快指针移动距离为L+X*C+N
另外，快指针移动距离是快指针的两倍
快指针也可以写成2（L+N）
将两条公式结合起来
2（L+N）=L+X*C+N
化简
L+N=X*C
L=X*C-N
L=（X-1）*C+C-N
最终得到的公式：
L=（X-1）*C+C-N
编辑
该公式在图中说明的问题：
链表入环前的长度L
与相遇点到环入口的距离再加（X-1）圈 ——X最少为1，所以X-1至少为0
是相等的
结论：
如果两个指针分别从链表起始位置和相遇点meet开始移动，那么两个指针第一次相遇的节点就是环的入口
方法二：转换为相交链表问题求解
此方法的数学推到建立在判断链表是否带环的基础算法上
该方法是将带环链表问题转换为相交链表问题，将问题降级处理
首先，依然要 求得快慢指针相遇交点编辑
然后将取得该节点下一个节点地址，令其成为一个单独链表的首节点，断开链表
编辑
之后，这个问题就可以转换为相交链表问题来解决
编辑
三、代码实现
方法一实现代码
struct ListNode {
int val;
struct ListNode* next;
};
typedef struct ListNode ListNode;
//方法一：数学推理法
struct ListNode* detectCycle1(struct ListNode* head)
{
ListNode* slow, * fast;
slow = fast = head;
ListNode* meet = NULL;
while (fast && fast->next)
{
slow = slow->next;
fast = fast->next->next;
if (slow == fast)//先求得快慢指针相遇节点
{
meet = slow;
while (meet != head)//两指针同时移动，相遇即是入口
{
meet = meet->next;
head = head->next;
}
return meet;
}
}
return NULL;
}
方法二实现代码
//求相交链表的交点的函数
struct ListNode* getIntersectionNode(struct ListNode* headA, struct ListNode* headB)
{
ListNode* pcurA = headA;
ListNode* pcurB = headB;
int countA = 0;
int countB = 0;
while (pcurA)//求出链表长度
{
pcurA = pcurA->next;
countA++;
}
while (pcurB)
{
pcurB = pcurB->next;
countB++;
}
int tmp = abs(countA - countB);//长度差值
ListNode* slow, * fast;
if (countA < countB)
{
slow = headA;
fast = headB;
}
else
{
slow = headB;
fast = headA;
}
while (tmp--)//长链表先走差值的步数
{
fast = fast->next;
}
while (fast && slow)//同步比较
{
if (fast == slow)
return fast;
fast = fast->next;
slow = slow->next;
}
return NULL;
}
struct ListNode* detectCycle(struct ListNode* head)
{
ListNode* slow, * fast;
slow = fast = head;
ListNode* meet = NULL;
while (fast && fast->next)
{
slow = slow->next;
fast = fast->next->next;
if (slow == fast)//先求得快慢指针相遇节点
{
meet = slow;
ListNode* newhead = meet->next;
meet->next = NULL;//将环断开，变成两个相交的链表
return getIntersectionNode(head, newhead);
}
}
return NULL;
}
总结
两种方法可以自行选用
第一种方法属于推理复杂，代码简单第二种方法属于推理简单，代码实现细节复杂
可根据实际情况选择合适的方法
