问题描述
小U和小R有两个字符串S和T，小U需要通过对S进行若干次操作，使其变成T的一个前缀。操作可以是修改S的某一个字符，或者删除S末尾的字符。我们需要帮助小U计算出最少需要多少次操作才能让S变成T的前缀。
问题解决
首先，我询问了豆包有关这道题目的解题思路，豆包对此给出了一个回答：
根据这个思路，我再重新组织为如下：
- 需要同时遍历两个字符串
- 对于不同的字符进行修改操作
- 处理字符串长度不同的情况
基于这个思路，我写出了第一版代码：
def Solution(S: str, T: str) -> int:
operations = 0
i = 0
# 如果T比S长，先进行字符修改操作
while i < min(len(S), len(T)):
if S[i] != T[i]:
operations += 1
i += 1
# 如果S比T长，需要删除多余的字符
if len(S) > len(T):
operations += len(S) - len(T)
# 如果T比S长，认为需要在S后面添加字符
elif len(T) > len(S):
operations += len(T) - len(S)
return operations
接下来，我对这段代码进行了运行测试，但是发现存在一些问题：
报错的是测试样例4
输入：S = "hello", T = "helloworld"
输出：0
而我的函数给出的输出是5
于是就此我再次询问了豆包，让它对我的代码进行了检查，豆包在检查完后给出了如下回答：
豆包指出我的代码存在如下几个逻辑错误，并且提出了修改意见：
-
逻辑错误：
- 在处理剩余字符时，代码中的逻辑有误
- 当len(S) > len(T)时，计算方式不正确
- 错误地认为可以通过"添加"操作来使S变成T的前缀，但题目只允许修改和删除操作
-
修改建议：
- 需要正确处理字符串长度差异
- 使用abs(len(S) - len(T))来简化代码
- 合并处理剩余字符的逻辑
然后豆包也一并给出了修改后的代码：
def solution(S: str, T: str) -> int:
operations = 0
i = 0
while i < min(len(S), len(T)):
if S[i] != T[i]:
operations += 1
i += 1
# 处理剩余字符
operations += abs(len(S) - len(T))
return operations
if __name__ == '__main__':
print(solution("aba", "abb") == 1)
print(solution("abcd", "efg") == 4)
print(solution("xyz", "xy") == 1)
print(solution("hello", "helloworld") == 0)
print(solution("same", "same") == 0)
基于豆包给出的建议，我再次重写了一遍代码：
def solution(S: str, T: str) -> int:
operations = 0
i = 0
while i < len(S):
if i >= len(T):
operations += len(S) - i
break
if S[i] != T[i]:
operations += 1
i += 1
return operations
之后我再次让豆包对这段代码进行了一次检查：
豆包发现我的代码已经能够正确的解决问题，最后的提交也是成功通过！
学习心得
说实话，这道题一开始我觉得挺简单的，无非就是字符串比较嘛。结果写完代码一运行，发现测试用例没过，这才意识到自己想得太理所当然了。
最大的收获是意识到自己在写代码时的一个坏习惯：看到题目就急着往下写，没有真正静下心来理解题目的限制条件。比如这次，题目明明说了只能"修改"和"删除"，我却自作主张地加入了"添加"操作，这完全是想当然了。
跟豆包交流的过程也很有意思。它不是直接给出答案，而是指出了代码中的逻辑问题，让我自己去思考。特别是在处理字符串长度差异时，原本我写了一堆繁琐的判断，结果一个abs函数就解决了问题。这让我明白，有时候代码写得太复杂，反而容易出错，保持简洁才是王道。
还有一点感触是，在刷题时不能太过追求"一次性通过"。遇到问题后及时寻求帮助，认真分析错误，其实是很好的学习机会。就像这次，通过修改代码的过程，我不仅学会了更好的解决方案，还发现了自己思维中的盲点。
