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力扣——6228. 距离字典两次编辑以内的单词

6228. 距离字典两次编辑以内的单词

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给你两个字符串数组 queries 和 dictionary 。数组中所有单词都只包含小写英文字母，且长度都相同。

一次 编辑 中，你可以从 queries 中选择一个单词，将任意一个字母修改成任何其他字母。从 queries 中找到所有满足以下条件的字符串：不超过 两次编辑内，字符串与 dictionary 中某个字符串相同。

请你返回 queries 中的单词列表，这些单词距离 dictionary 中的单词 编辑次数 不超过 两次 。单词返回的顺序需要与 queries 中原本顺序相同。

示例 1：

输入：queries = ["word","note","ants","wood"], dictionary = ["wood","joke","moat"]
输出：["word","note","wood"]
解释：
- 将 "word" 中的 'r' 换成 'o' ，得到 dictionary 中的单词 "wood" 。
- 将 "note" 中的 'n' 换成 'j' 且将 't' 换成 'k' ，得到 "joke" 。
- "ants" 需要超过 2 次编辑才能得到 dictionary 中的单词。
- "wood" 不需要修改（0 次编辑），就得到 dictionary 中相同的单词。
所以我们返回 ["word","note","wood"] 。

示例 2：

输入：queries = ["yes"], dictionary = ["not"]
输出：[]
解释：
"yes" 需要超过 2 次编辑才能得到 "not" 。
所以我们返回空数组。

提示：

• 1 <= queries.length, dictionary.length <= 100
• n == queries[i].length == dictionary[j].length
• 1 <= n <= 100
• 所有 queries[i] 和 dictionary[j] 都只包含小写英文字母。

问题解析

数组很小，我们可以直接暴力枚举。

对于queries[i]，我们用dictionary中的每个单词依次比较。

• 当queries[i]和dictionary[j]长度不相等时，这两个单词没法匹配。
• 依次遍历每个位置的字符，如果两个字符串当前位置的字符不一样，计数器++，如果比较结束后计数器小于等于2，就加入答案数组里，并且拿另一个queries[i]重新开始和dictionary中的每个单词比较。如果计数器大于2，则选择下一个dictionary[j]继续匹配。

AC代码

class Solution {
public:
    vector<string> twoEditWords(vector<string>& queries, vector<string>& dictionary) {
        vector<string>res;
        int n=queries.size(),m=dictionary.size();
        for(int i=0;i<n;i++)
        {
            
            for(int j=0;j<m;j++)
            {
                int cnt=0;
                if(queries[i].size()!=dictionary[j].size())continue;
                int len=queries[i].size();
                for(int k=0;k<len;k++)
                {
                    if(queries[i][k]!=dictionary[j][k])cnt++;
                }
                if(cnt<=2)
                {
                    res.push_back(queries[i]);
                    break;
                }
            }
        }
        return res;
    }
};