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两个链表的第一个公共节点
剑指Offer 52.两个链表的第一个公共节点
难度：简单
输入两个链表，找出它们的第一个公共节点。
如下面的两个链表：
在节点c1开始相交。
示例1：
输入：intersectVal = 8, listA = [4,1,8,4,5], listB = [5,0,1,8,4,5], skipA = 2, skipB = 3
输出：Reference of the node with value = 8
输入解释：相交节点的值为 8 （注意，如果两个列表相交则不能为 0）。从各自的表头开始算起，链表 A 为 [4,1,8,4,5]，链表 B 为 [5,0,1,8,4,5]。在 A 中，相交节点前有 2 个节点；在 B 中，相交节点前有 3 个节点。
复制代码示例2：
输入：intersectVal = 2, listA = [0,9,1,2,4], listB = [3,2,4], skipA = 3, skipB = 1
输出：Reference of the node with value = 2
输入解释：相交节点的值为 2 （注意，如果两个列表相交则不能为 0）。从各自的表头开始算起，链表 A 为 [0,9,1,2,4]，链表 B 为 [3,2,4]。在 A 中，相交节点前有 3 个节点；在 B 中，相交节点前有 1 个节点。
复制代码示例3：
输入：intersectVal = 0, listA = [2,6,4], listB = [1,5], skipA = 3, skipB = 2
输出：null
输入解释：从各自的表头开始算起，链表 A 为 [2,6,4]，链表 B 为 [1,5]。由于这两个链表不相交，所以 intersectVal 必须为 0，而 skipA 和 skipB 可以是任意值。
解释：这两个链表不相交，因此返回 null。
复制代码注意：
- 如果两个链表没有交点，返回null。
- 在返回结果后，两个链表仍然保持原有的结构。
- 可假定整个链表结构中没有循环。
- 程序尽量满足O()时间复杂度，且仅用O()内存。
题解
法一 哈希表
使用哈希表存储链表节点，先遍历链表headA，将headA的每个节点加入哈希表，再遍历链表headB，判断遍历节点是否在哈希表中：
- 如果当前节点不在哈希表中，则继续遍历下一个
- 如果当前节点在哈希表中，则后面的节点也都会在哈希表中，返回当前节点。
如果链表headB中的所有节点都不在哈希表中，则两个链表不相交，返回null。
/**
* Definition for singly-linked list.
* function ListNode(val) {
* this.val = val;
* this.next = null;
* }
*/
/**
* @param {ListNode} headA
* @param {ListNode} headB
* @return {ListNode}
*/
var getIntersectionNode = function(headA, headB) {
const visited = new Set();
let tmp = headA;
while(tmp){
visited.add(tmp);
tmp = tmp.next;
}
tmp = headB;
while(tmp){
if(visited.has(tmp)){
return tmp;
}
tmp = tmp.next;
}
return null;
};
复制代码- 时间复杂度：O()
- 空间复杂度：O()
法二 双指针
使用两个指针node1，node2分别指向两个链表headA，headB的头节点，同时进行遍历，当node1到达headA的末尾时，重新定位到链表headB的头节点；当node2到达链表headB的末尾时，重新定位到链表headA的头节点。当node1和node2相遇时，所指向的节点就是第一个公共节点
var getIntersectionNode = function(headA, headB) {
if(!headA || !headB){
return null;
}
let node1 = headA, node2 = headB;
while(node1!==node2){
node1 = !node1 ? headB : node1.next;
node2 = !node2 ? headA : node2.next;
}
return node1;
};
复制代码- 时间复杂度：O()
- 空间复杂度：O()
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