题目

级别: 中等

成功解决: 否

给定一个非空字符串 s 和一个包含非空单词的列表 wordDict，判定 s 是否可以被空格拆分为一个或多个在字典中出现的单词。

说明：

拆分时可以重复使用字典中的单词。你可以假设字典中没有重复的单词。示例 1：

输入: s = "leetcode", wordDict = ["leet", "code"]
输出: true
解释: 返回 true 因为 "leetcode" 可以被拆分成 "leet code"。

示例 2：

输入: s = "applepenapple", wordDict = ["apple", "pen"]
输出: true
解释: 返回 true 因为 "applepenapple" 可以被拆分成 "apple pen apple"。
     注意你可以重复使用字典中的单词。

示例 3：

输入: s = "catsandog", wordDict = ["cats", "dog", "sand", "and", "cat"]
输出: false

思路

错误想法:

拿到这个题目的第一想法是想办法通过workDict中的字符不断的替换
然后递归所有的情况
运行案例后发现效率太低==>超时了
苦思冥想==>没有解法

正确方法==>使用动态规划的方式解决该问题

建立一个当前s长度+1的数组dp[length+1],dp[0]=true;
从前往后遍历数组,获取当前index
从j=0开始便利,如果存在一个j->i的子字符串在wordDict字典中且当前位置dp[j]==true,则证明dp[i]==true
返回dp[length]
问题的核心就在于如何动态的规划字符串的每个位置是否满足使用wordDict进行构建,如果0->j即dp[j]==true且j->i的子字符串(s.subString(j,i))存在于wordDict中==>当前位置置为true

code

class Solution {
    public boolean wordBreak(String s, List<String> wordDict) {
       boolean[] dp = new boolean[s.length() + 1];
        dp[0] = true;
        for (int i = 0; i <= s.length(); i++) {
            for (int j = 0; j < i; j++) {
                if (dp[j] && wordDict.contains(s.substring(j, i))) {
                    dp[i] = true;
                    break;
                }
            }
        }
        return dp[s.length()];
    }
}

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005-单词拆分(139)-2020.03.10｜刷题打卡

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思路

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