前言

掘金最近在开刷题活动，也就过来凑热闹了。这道题是leetcode每日一题的任务

题目描述

给出由小写字母组成的字符串 S，重复项删除操作会选择两个相邻且相同的字母，并删除它们。
在 S 上反复执行重复项删除操作，直到无法继续删除。
在完成所有重复项删除操作后返回最终的字符串。答案保证唯一。

难度：简单

示例：

输入："abbaca"
输出："ca"

解释：
例如，在 "abbaca" 中，我们可以删除 "bb" 由于两字母相邻且相同，这是此时唯一可以执行删除操作的重复项。之后我们得到字符串 "aaca"，其中又只有 "aa" 可以执行重复项删除操作，所以最后的字符串为 "ca"。

提示：

1 <= S.length <= 20000
S 仅由小写英文字母组成。

解题思路

第一反应就是，这不就是消消乐吗？
如果每次都消除相邻字母的话，用栈不就行了吗，只要每次入栈时候检查下栈顶再进行消除就行了，然后我就啪的一下上传以下代码

AC代码1

  public String removeDuplicates(String S) {
        char[] cs = S.toCharArray();
        Stack<Character> stack = new Stack();
        for (int i = 0; i < cs.length; i++) {
            if (!stack.isEmpty() && stack.peek() == cs[i]) {
                stack.pop();
            } else {
                stack.push(cs[i]);
            }
        }
        StringBuilder sb = new StringBuilder();
        stack.forEach(character -> {
            sb.append(character);
        });
        return sb.toString();
    }

结果总是事与愿违的，看了下AC结果分数居然足足跑了30ms，内存消耗也不低，推测是栈的出入及遍历花费时间了

那么如果想要更快怎么办，我们透过现象看本质，我们只是想要消除当前字符串里面的元素，把当前字符串看做一个数组，因为消除后目标数组只可能小于当前数组，其实可以就当前数组进行操作，又省时又省内存

以abbaca为例子，我们先令目标数组的下表为index，当前数组下标为i，index初始为0，i为1（图画的有点丑）

当前因为a与b不同，index和i都往下走

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这一步因为可以消除，index需要回溯，因为i的位置也被消除了，所以i继续走

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这一步又可以消除了，index继续回溯，i继续走

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然后接下来index因为回溯到起点，前面的节点已经全部删除了，值变成了-1，这种情况需要重置数组，令当前index处的值为i处的值

---

最终我们得到了上图的数组 cabaca，截取了到index为止的位数就是ca了

AC代码2

  public String removeDuplicates(String S) {
        char[] cs = S.toCharArray();

        int index = 0;
        for (int i = 1; i < cs.length; i++) {
        	//前面的节点都被消除掉了，把当前节点当做第一个节点
            if (index == -1) {
                index = 0;
                cs[index] = cs[i];
                continue;
            }
            if (cs[index] == cs[i]) {
                // 可以消除，往后回溯
                index--;
            } else {
                //不可以消除，保留数据
                cs[++index] = cs[i];
            }
        }

        return String.copyValueOf(cs, 0, index + 1);
  }

这次AC结果能接受了

总结

题目比较简单。但要尽可能得降低时间复杂度和空间复杂度还是有点技巧的

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