给定一个排序数组，你需要在 原地 删除重复出现的元素，使得每个元素只出现一次，返回移除后数组的新长度。 不要使用额外的数组空间，你必须在 原地 修改输入数组 并在使用 O(1) 额外空间的条件下完成。
示例 1:
给定数组 nums = [1,1,2],
函数应该返回新的长度 2, 并且原数组 nums 的前两个元素被修改为 1, 2
你不需要考虑数组中超出新长度后面的元素。
示例 2:
给定 nums = [0,0,1,1,1,2,2,3,3,4],
函数应该返回新的长度 5, 并且原数组 nums 的前五个元素被修改为 0, 1, 2, 3, 4。
你不需要考虑数组中超出新长度后面的元素。
说明:
为什么返回数值是整数，但输出的答案是数组呢?
请注意，输入数组是以「引用」方式传递的，这意味着在函数里修改输入数组对于调用者是可见的。
你可以想象内部操作如下:
// nums 是以“引用”方式传递的。也就是说，不对实参做任何拷贝
int len = removeDuplicates(nums);
// 在函数里修改输入数组对于调用者是可见的。
// 根据你的函数返回的长度, 它会打印出数组中该长度范围内的所有元素。
for (int i = 0; i < len; i++) {
print(nums[i]);
}
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| 双指针法
思路：
- 有序数组，双指针i，j，i：慢指针，j：快指针。
- 当nums[j] == nums[i]时，j向右移动，i不动；
- 当遇到nums[j] != nums[i]时，需要将nums[j]前移到nums[i]后面。i后移一位，继续判断
- 最后要的是当前数组的长度，i为最后一个不重复数字的下标，返回i+1为数组长度
class Solution {
public int removeDuplicates(int[] nums) {
if (nums.length == 0) {
return 0;
}
// slow pointer
int i = 0;
// fast pointer
for (int j = 1; j < nums.length; j++) {
if (nums[j] != nums[i]) {
// nums[j] -> nums[i+1], move to left，i++
nums[++i] = nums[j];
}
}
// i为下标
return i + 1;
}
}
时间复杂度：O(N) 空间复杂度：O(1)
