1.题目描述
有 n 个盒子。给你一个长度为 n 的二进制字符串 boxes ，其中 boxes[i] 的值为 '0' 表示第 i 个盒子是 空 的，而 boxes[i] 的值为 '1' 表示盒子里有 一个 小球。
在一步操作中，你可以将 一个 小球从某个盒子移动到一个与之相邻的盒子中。第 i 个盒子和第 j 个盒子相邻需满足 abs(i - j) == 1 。注意，操作执行后，某些盒子中可能会存在不止一个小球。
返回一个长度为 n 的数组 answer ，其中 answer[i] 是将所有小球移动到第 i 个盒子所需的 最小 操作数。
每个 answer[i] 都需要根据盒子的 初始状态 进行计算。
示例 1：
输入：boxes = "110"
输出：[1,1,3]
解释：每个盒子对应的最小操作数如下：
1) 第 1 个盒子：将一个小球从第 2 个盒子移动到第 1 个盒子，需要 1 步操作。
2) 第 2 个盒子：将一个小球从第 1 个盒子移动到第 2 个盒子，需要 1 步操作。
3) 第 3 个盒子：将一个小球从第 1 个盒子移动到第 3 个盒子，需要 2 步操作。将一个小球从 第 2 个盒子移动到第 3 个盒子，需要 1 步操作。共计 3 步操作。
示例 2：
输入：boxes = "001011"
输出：[11,8,5,4,3,4]
2.解题思路与代码
2.1 解题思路
可以使用O(N^2)的方法暴力解答。遍历字符串，如果外层循环遍历到当前位置 i 的字符是 1 时，那么开始内层循环 j 从头开始判断 i 位置的 1 移动到 j 位置的步数，即 Math.abs(i-j)，然后累加打到结果数组 ans 的 j 位置上即可。
2.2 代码
class Solution {
public int[] minOperations(String boxes) {
int[] ans = new int[boxes.length()];
for (int i = 0; i < boxes.length(); i++) {
if (boxes.charAt(i) == '1') {
for (int j = 0; j < boxes.length(); j++) {
ans[j] += Math.abs(i-j);
}
}
}
return ans;
}
}
2.3 测试结果
通过测试
3.总结
- 两层循环便利字符串，遇到数字 1 就比较每一位到该位置的步数，并累加
