这是我参与11月更文挑战的第19天，活动详情查看：2021最后一次更文挑战
2011. 执行操作后的变量值
存在一种仅支持 4 种操作和 1 个变量 X 的编程语言：
++X 和 X++ 使变量 X 的值 加 1 --X 和 X-- 使变量 X 的值 减 1 最初，X 的值是 0
给你一个字符串数组 operations ，这是由操作组成的一个列表，返回执行所有操作后， X 的 最终值 。
示例 1：
输入：operations = ["--X","X++","X++"]
输出：1
解释：操作按下述步骤执行：
最初，X = 0
--X：X 减 1 ，X = 0 - 1 = -1
X++：X 加 1 ，X = -1 + 1 = 0
X++：X 加 1 ，X = 0 + 1 = 1
示例 2：
输入：operations = ["++X","++X","X++"]
输出：3
解释：操作按下述步骤执行：
最初，X = 0
++X：X 加 1 ，X = 0 + 1 = 1
++X：X 加 1 ，X = 1 + 1 = 2
X++：X 加 1 ，X = 2 + 1 = 3
示例 3：
输入：operations = ["X++","++X","--X","X--"]
输出：0
解释：操作按下述步骤执行：
最初，X = 0
X++：X 加 1 ，X = 0 + 1 = 1
++X：X 加 1 ，X = 1 + 1 = 2
--X：X 减 1 ，X = 2 - 1 = 1
X--：X 减 1 ，X = 1 - 1 = 0
提示：
- 1 <= operations.length <= 100
- operations[i] 将会是 "++X"、"X++"、"--X" 或者是 "X--"
解题思路
遍历所有的操作，判断字符串的内容是否为++X或者 X++，如果是的话，就对变量X加1，否则的话则减去1.
代码
class Solution {
public:
int finalValueAfterOperations(vector<string>& operations) {
int x(0);
for (int i = 0; i < operations.size(); ++i) {
if ("++X"==operations[i]||"X++"==operations[i])
x++;
else x--;
}
return x;
}
};
- 时间复杂度：O(n),n为operations数组的长度。
- 空间复杂度：O(1)，不需要使用额外的空间
优化思路
因为我们发现++X 和 X++中间的字符都为+，而对于--X 和 X--中间的字符都为-，因此我们不需要判断整个字符串，我们只需要遍历所有元素，然后判断中间的字符，就可以决定这次的操作是加1还是减去1了.
代码
class Solution {
public:
int finalValueAfterOperations(vector<string>& operations) {
int x(0);
for (int i = 0; i < operations.size(); ++i) {
if (operations[i][1]=='+')
x++;
else x--;
}
return x;
}
};
